Дано координати точок: А (–1; 4; 2); В(0; 3; 3); С(4; –5; 3) і М(1; –3; 5).
Дано координати точок: А (–1; 4; 2); В(0; 3; 3); С(4; –5; 3) і М(1; –3; 5). - раздел Математика, Тематичні індивідуальні завдання та приклади розв’язання типових завдань з курсу „Вища математика Потрібно: 1) Скласти Рівняння Площини Q, Що Проходить Через Точки А...
Потрібно: 1) скласти рівняння площини Q, що проходить через точки А, В, С; 2) скласти канонічні рівняння прямої, що проходить через точку М перпендикулярно площині Q; 3) знайти точки перетину отриманої прямої з площиною Q та з координатними площинами х0у, х0z, y0z.
►1) Рівняння площини, що проходить через 3 точки А(х1; у1; z1), В(х2; у2; z2) і С(х3; у3; z3).
(11.11)
Підставляючи координати точок А, В, С в (11.11), маємо
,
або, розкладаючи визначник за елементами першого рядка, маємо
(x + 1)8 + ( y – 4)4 + ( z – 2)( –4) = 0,
2(x + 1) + y – 4 – z + 2 + 0;
2x + y – z = 0 – рівняння площини Q.
2) Пряма в просторі задається канонічними рівняннями
(11.12)
де а, в, с – координати точки, через яку проходить пряма, а m, n, p – координати напрямного вектора цієї прямої.
Умови перпендикулярності прямої (11.12) до площини Ax + By + + Cz + D = 0 мають вигляд:
Запишемо умови перпендикулярності шуканої прямої до площи-ни Q:
Цим умовам, зокрема, задовольняють наступні координати: m = 2; n = 1; p = –1.
Отже рівняння шуканої прямої:
. (11.13).
3) Запишемо рівняння прямої (11.13) у параметричному вигляді. Нехай
Покладаючи в (11.14) t = 1, знаходимо координати точки Р перетину прямої (11.13) з площиною Q. Отже, P (3; –2; 4).
Нехай Р1 – точка перетину прямої (11.13) з координатною площиною х0у.
Очевидно, що в цьому разі z = 0. Тоді, покладаючи в (11.14) z = 0, маємо t = 5; x = 11, y = 2. Отже, Р1 (11, 2, 0) – точка перетину прямої (11.14) з площиною x0y.
Аналогічно знаходимо P2(7; 0; 2) – точку перетину прямої (11.13) з площиною х0z; P3– точка перетину з площиною у0z.
Завдання 2.
В задачах варіантів 1-25 розв’язати задану систему лінійних алгебраїчних рівнянь трьома методами: 1) за формулами Крамера; 2) матричним методом; 3) методом Жордана-Гаусса.
Аналітична геометрія
Завдання 4.
В задачах варіантів 1– 25 дани координати вершин трикутника АВС. Потрібно знайти: 1) рівняння сторін АВ і АС та їх кутові
Розв’язання типового варіанта
1. Задано трикутник з координатами вершин А(–2; 4); В(6; –2); С(8; 7). Необхідно знайти: 1) довжину сторони АВ; 2) рівняння сторін АВ і АС
Завдання 9.
В задачах варіантів 1 – 25 знайти границі, не використовуючи правило Лопіталя.
1. а) б
Завдання 14.
В задачах варіантів 1 - 25 знайти частинні похідні та повний диференціал функції z = z(x, y).
1.
Завдання 17.
В задачах варіантів 1 - 25 знайти невизначені інтеграли . Результати інтегрування перевірити диференціюванням.
1. а)
Завдання 18.
В задачах варіантів 1 - 25 обчислити визначені інтеграли.
1. . 2.
Завдання 19.
В задачах варіантів 1-25 обчислити площу фігури, яка утворюється вказаними лініями. Накреслити ці лінії, вказати фігури, які вони утворюють.
1. y=3x2
Диференціальні рівняння
Завдання 21.
В задачах варіантів 1 - 25 знайти загальні розв`язки диференціальних рівнянь.
1. а)
Завдання 22.
В задачах варіантів 1-25 знайти частинні розв`язки диференціальних рівнянь, які задовольняють початковим умовам.
1. а) y¢¢- y¢-2y=0, у(0)=
Теорія ймовірностей та математичної статистики
Задача 1.
Ящик з N однаковими виробами містить n бракованих. Випадково відібрані m виробів і відправлені в магазин. Знайти ймовірність того, що серед них рівно k бракованих
Список літератури
1. Вища математика: Підручник: У 2 кн. - 2-ге вид., перероб. і доп. - К.: Либідь, 2003. - Кн. 1. Основні розділи / Г.Й. Призва, В.В. Плахотник, Л.Д. Гординський та ін.; За ред. Г.Л. Кулініча. - 400
Хотите получать на электронную почту самые свежие новости?
Подпишитесь на Нашу рассылку
Наша политика приватности обеспечивает 100% безопасность и анонимность Ваших E-Mail
Новости и инфо для студентов