Однородные ДУ 1-го порядка. - раздел Математика, Обыкновенные ДУ: определение, порядок, решение, интегральная кривая, интегрирование, интегрирование в квадратурах Рассмотр. Ду М(Х,у)Dx + N(X,y)Dy = 0 (1).
О...
Рассмотр. ДУ М(х,у)dx + N(x,y)dy = 0 (1).
Опр.Ф-ция f(x,y) наз. однородной ф-ей степени m, если t имеет место равенство: f(tx, ty) = tm∙ f(x,y) (2).
Положим в (2) t = , тогда f(1, ) = ∙ f(x,y). f(x,y) = xm ∙ f(1, ) (3).
Опр. ДУ (1) наз. однородным, если М(х,у) и N(x,y) однородные ф-ции одной и той же степени m.
Преобраз. (1) иначе: . В силу (3) это = (4). Получаем: (5). Из (5) => однород. ур-ия в нач. коорд. вообще говоря не задаёт определённого направления поля, т.к. ч/з начало координат не проходит ни одна интегр. кривая. Интегр. кривые однород. ур-ия могут лишь примыкать к началу координат.
Для того чтобы проинтегр. однородное ур-ие (1) сделаем замену перемен. y=zx, где z – новая искомая ф-ция от х. Имеем: М(х, zx)dx + N(x, zx)(zdx + xdz) = 0. Т.к. М(х, у) = xm ∙ М(1, ) , N(x,y) = xm ∙ N (1, ), то М(х, zx) = xm ∙ М(1, z) , N(x, zx) = xm ∙ N (1, z). Тогда xm ∙ М(1, z)dx + xm ∙ N (1, z)(zdx + xdz) = 0. (M(1, z) + zN(1, z))dx + xN(1, z)dz = 0 – ур-ие с разд. перемен. Разделяя их будет: , С = С1 - решение.
Зам. Разделяя переменные можно потерять решение вида z = a, где а – корень ур-ия M(1, z) + zN(1, z) = 0. Отсюда сразу => у = ах. Эти решения могут содержаться в формуле общего интегр., но м.б. и особыми. Особыми решениями м.б. также полуоси х = 0.
Обобщ. однородные ур-ия
Ур-ие М(х,у)dx + N(x,y)dy = 0 (6) наз. обобщённым однородным ур-ем, если Ǝk: левая часть уравнения становится однородной ф-ей от величин x, y, dx, dy, при условии что они считаются величинами соответственно первого, k-ого, нулевого и (k-1) измерения, т.е. если ур-ие имеет вид: M(tx, tky)dx + N(tx, tky)tk-1dy = 0, tm(M(x,y)dx+N(x,y)dy)=0, M(tx, tky)dx + N(tx, tky)tk-1dy = tm(M(x,y)dx+N(x,y)dy) = 0, M(tx, tky)dx + N(tx, tky)tk-1dy = tm(M(x,y)dx+N(x,y)dy) (7). M(tx, tky) = tm(M(x,y); N(tx, tky) = tm-(k-1)N(x,y) (8). При k = 1 получ. общее однородное ур-ие.м
Если положить, что y = zxk, то ур-ие (6) с новой переменной z приводится к ур-ию с раздел. переменными. dy = zkxk-1dx + xkdz.
Положим t = , тогда в (8): => . => . M(x, zxk) = xmM(1, z) и N(x, zxk) = xm-k+1N(1, z) подставим в (1): . .| x = 0 –?. - ур-ие с раздел. переменными.
Пусть ф ция F ф ция n переменных Надо найти ф цию у х удовл на некот промежутке I ур ию F x y x y x y n x... Опр Обыкновенным ДУ наз соотношение вида F x y x y x y n x... Опр Порядком ДУ наз порядок старшей производной неизв ф ции у у х вход в уравнение...
Если Вам нужно дополнительный материал на эту тему, или Вы не нашли то, что искали, рекомендуем воспользоваться поиском по нашей базе работ:
Однородные ДУ 1-го порядка.
Что будем делать с полученным материалом:
Если этот материал оказался полезным ля Вас, Вы можете сохранить его на свою страничку в социальных сетях:
Задачи, приводящие к ДУ.
Задача. В благоприятных для размножения условиях находится некоторое количество N0 бактерий. Из эксперимента известно, что скорость пропорц. их количеству. Найти зав
ДУ в полных дифференциалах.
Рассм. ур-ие вида М(х,у)dx + N(x,y)dy = 0 (1), где ф-ции М(х,у), N(x,y) – непрер. по обеим перем. в некот. связной обл. и одновременно не обращ. в 0, т.е. М2(х,у) + N
Понятие линейной зависимости с-мы ф-ций.
у1(х), у2(х), ..., уm(x) – линейно зависимые на [a,b], если одна из них явл. линейной комбинацией других. Линейная зав-сть у1(х), у2(х)
Метод Лагранжа линейных неоднородных ДУ n-го порядка.
Покажем, что общее решение ЛНДУ можно найти в квадратурах, если известно общее решение соотв. однородного ур-ия.
Рассмотрим ур-ие у''(х) + р1(х) у'(х) + р0(х) у(х) =
Новости и инфо для студентов