Реферат Курсовая Конспект
Задача № 2. - раздел Охрана труда, Контрольная работа №1 по дисциплине Охрана труда Проверить, Обеспечена Ли Отключающая Способность Зануления В Сети При Нулевом...
|
Проверить, обеспечена ли отключающая способность зануления в сети при нулевом защитном проводнике из стальной полосы сечением 40 x 4, в миллиметрах.
Исходные данные:
а) линия 380/220 В с медными проводами 3х25 мм2, S=25мм2;
б) трансформатор 100 кВА, 10/0,4 кВ со схемой соединения обмоток Δ/Y;
в) полное сопротивление трансформатора zT=0,23 (при схеме соединения обмоток треугольником);
г) расстояние от трансформатора до распределительного устройства l1=100 м;
д) расстояние от распределительного устройства до электродвигателя l2=50 м;
е) электродвигатель защищен предохранителем Iном=125 А;
ж) коэффициент кратности тока К=3, так как установка защищена плавким предохранителем.
Решение:
1. Для надежного и быстрого отключения необходимо, чтобы ток короткого замыкания Ik превосходил номинальный ток срабатывания защиты
,
где К=3 – коэффициент кратности номинального тока;
Iном – номинальный ток плавкой вставки, Iном=125А.
Определяем величину наименьшего допустимого тока из условия срабатывания защиты (ожидаемое значение тока короткого замыкания)
Iож.к.з.=К∙Iном=3∙125=375А
2. Ток короткого замыкания определяется по формуле:
где Uф – фазное напряжение сети, Uф=220В;
ZT – сопротивление трансформатора, ZT=0,23Ом;
Zп – сопротивление петли фаза-нуль, Ом, которое определяется по зависимости
.
Rф, Rн.з. – активное сопротивление фазного и нулевого защитного проводников, Ом; Rф=ρ∙l/S;
ρ – удельное сопротивление медного фазного проводника,
ρ=0,018 Ом∙мм2/м;
хф, хн.з. – внутренние сопротивления фазного и нулевого защитного проводников;
хп – индуктивное сопротивление петли «фазный проводник – нулевой защитный проводник».
В практических расчетах значение сопротивлений хп и хф. незначительны и ими можно пренебречь.
Общее сопротивление линии состоит из сопротивлений двух участков (первого и второго).
Определяем активное сопротивление фазных проводников Rф1 и Rф2:
Rф1=ρ∙l1/S=0,018∙100/25=0,072 Ом;
Rф2=ρ∙l2/S=0,018∙50/25=0,036 Ом;
Плотность тока в стальной полосе 40х4, S=160 мм2, определяется по формуле:
Iпл.=Iож.к.з./S=375/160= 2,34 А/мм2.
Тогда Rн.з1 = rώl1=1,54∙0,10=0,154 Ом;
Rн.з2=rώl2=1,54∙0,05=0,077 Ом,
где rώ - активное сопротивление нулевого защитного проводника, зависит от плотности тока и определяется с помощью [Таблица 3.2].
хн.з2. = хώl2=0,92∙0,05=0,046 Ом,
где хώ – внутреннее индуктивное сопротивление полосы 40х4, зависит от плотности тока и определяется с помощью [Таблица 3.2].
Определяем сопротивление петли фаза-нуль:
- первого участка
- второго участка
Zп=Zп1 + Zп2 = 0,226+0,231=0,457 Ом.
Проверяем выполнение условия:
411,99 A > 375 A
Так как выполняется условие надежного срабатывания защиты, значит отключающая способность зануления сети при нулевом защитном проводнике из стальной полосы сечением 40х4 мм будет обеспечена.
– Конец работы –
Эта тема принадлежит разделу:
МИНИСТЕРСТВО ОБРАЗОВАНИЯ И НАУКИ РОССИЙСКОЙ ФЕДЕРАЦИИ... ГОСУДАРСТВЕННОЕ УЧРЕЖДЕНИЕ ВЫСШЕГО ПРОФЕССИОНАЛЬНОГО ОБРАЗОВАНИЯ... Кафедра Безопасность жизнедеятельности...
Если Вам нужно дополнительный материал на эту тему, или Вы не нашли то, что искали, рекомендуем воспользоваться поиском по нашей базе работ: Задача № 2.
Если этот материал оказался полезным ля Вас, Вы можете сохранить его на свою страничку в социальных сетях:
Твитнуть |
Новости и инфо для студентов