Далекозорість та багатопалість

1.У людини далекозорість — домінантна ознака (А), нормальний зір - рецесивна ознака (а). Який генотип можуть мати: а) люди з нор­мальним зором; б) далекозорі люди?

Розв’язок

Дано

А – ген далекозо­рості а – ген нормально­го зору	а) аа б) Аа, АА
F – ?

2.У людини багатопалість — домінантна ознака (В), нормальна кількість пальців - рецесивна ознака (в). Які типи гамет може проду­кувати: а) людина з нормальною кількістю пальців; б) гомозиготна багатопала людина; в) гетерозиготна багатопала людина.

Розв’язок

Дано

В – ген багатопа­лості а – ген нормальної кількості пальців	а) вв, гамети в б) ВВ В в) Вв В, в

3.У людини вільна мочка вуха - домінантна ознака (D), приросла мочка вуха - рецесивна ознака (d). Які типи гамет може продукува­ти жінка з вільною мочкою вуха, якщо її батько мав прирослу мочку вуха?

Розв’язок

Дано

D– ген вільної мочки d – ген прирослої мочки	Генотип ♀ Dd D, d
Гамети - ?

4.Шість організмів мають такі генотипи: ВВ, вв, Дд, RR, Rr, Nn. Які з них: а) гомозиготи; б) гетерозиготи?

Розв’язок

Гомозиготи: BB, вв, RR

Гетерозиготи: Дд, Rr, Nn.

 

5.У результаті схрещування з одним і тим самим чорним биком червона корова Зірка народила чорне теля, чорна корова Майка – чорне теля, а чорна корова Вишня – червоне теля. Що можна сказати про генотипи цих тварин?

Розв’язання:

Відповідь: червона корова Зірка гомозиготна за рецесивним геном (аа); чорна корова Майка – АА або Аа; чорна корова Вишня – Аа або аа; чорний бик – гетерозиготний (Аа).

 

6.У ряду видів рослин наявний рецесивний ген альбінізму: гомозиготні за цим геном (білі) екземпляри нездатні синтезувати хлорофіл. Якщо у рослини тютюну, гетерозиготного за ознакою альбінізму, відбулося самозапилення і 500 його насінин проросли, то яким буде: а) очікуване число нащадків з генотипом батьківської форми; б) очікуване число білих екземплярів.

Розв’язання:

А– ген нормального забарвлення а– ген альбінізму Р: ♀Аа×♂Аа	Р: ♀Аа×♂Аа Гамети: А а А а F1: АА Аа Аа аа норм. норм. норм. альбінізм а) ½ х 500 = 250 б) ¼ х 500 = 125
F1- ?

 

Відповідь: а) з генотипом батьківської форми очікується 250 рослин;

б) очікуване число нащадків-альбіносів – 125 рослин.

 

7.Гомозиготний томат із круглими плодами схрестили з томатом, що має грушоподібну форму плодів. а) Яким буде за генотипом та фенотипом F1? б) Яким буде потомство у F2 від схрещування гібридів першого покоління між собою?

Розв’язання:

А– ген круглої форми плодів а– ген грушоподібної форми плодів Р: ♀АА×♂аа	Р: ♀ АА × ♂ аа Гамети: А А а а F1: Аа – всі плоди круглої форми Р(F1): ♀Аа×♂Аа Гамети: А а А а F2: АА Аа Аа аа кр. кр. кр. гр.
F1 – ? F2 – ?

Відповідь а): За генотипом усі гібриди гетерозиготні, за фенотипом – округлі плоди.

б): За генотипом гібриди F₂ такі: ¼ гомозиготні за домінантним геном; ½ - гетерозиготні; ¼ - гомозиготні за рецесивним геном. За фенотипом гібриди F2 такі: ¼ мають грушоподібні плоди; ¾ - округлі плоди.

 

8.Блакитноокий чоловік, обоє батьків якого мали карі очі, женився на кароокій жінці, у батька якої очі карі, а у матері - блакитні. Від цього шлюбу народився один блакитноокий син. Визначте генотипи кожного зі згаданих осіб.

Розв’язання:

А– ген кароокості а– ген блакитноокості Р: ♀Аа×♂Аа ♂аа ♀Аа

Р: ♂аа × ♀Аа Гамети: а а А а F1: ♂аа - блакитноокий

Генотипи батьків чоловіка ♀Аа ♂Аа

Генотипи батьків жінки ♀ аа ♂АА або Аа

Генотип сина ♂аа - блакитноокий

9.У морських свинок ген довгої шерсті домінує над геном короткої шерсті. Скільки типів гамет продукують: а) гомозиготні довгошерсті морські свинки; б) гетерозиготні довгошерсті морські свинки; в) короткошерсті морські свинки?

Розв’язок

А – ген довгої шерсті а – ген короткої шерсті	а) АА – А (1) б) Аа – А, а (2) в) аа – а (1)

10.У дрозофіл нормальна довжина крил є домінантною ознакою, зачаткові крила - рецесивною. Яку довжину крил матиме потомство в першому і другому поколінні від схрещування гомозиготних мушок з нормальною довжиною крил і мушок із зачатковими крилами?

Розв’язок

А – ген нормаль­ної довжини крил а – ген зачаткових крил	Р: ♀АА×♂аа Гамети: А а F1: Аа – 100% нормальні крила Р:( F1 )♀Аа×♂Аа Гамети А А а а F2: АА, аа, Аа, Аа – 3:1 75% – нормальні крила, 25 – зачаткові крила
F1 – ? F2 – ? Р: ♀АА ♂аа

11.У вівса ген ранньостиглості домінує над геном пізньостиглості. Який фенотип будуть мати рослини, одержані внаслідок запилення?

Розв’язок

А – ген ранньости­глості а – ген пізньости­глості	Р: ♀АА×♂аа Гамети: А а F: Аа За фенотипом всі ранньостиглі 100%
F – ? ♀АА ♂аа

12.У кроликів ген чорного кольору шерсті домінує над геном білого. Гомозиготного чорного кролика схрестили з білими кролицями. У першому гібридному поколінні всі кролики були чорними; в другому гібридному поколінні було отримано 56 кроликів. Яка ймовірність того, що серед них буде хоча б один білий кролик?

Розв’язок

А – ген чорного кольору а – ген білого кольору	Р: ♀аа×♂АА Гамети: а А F1: Аа – 100% чорні Р: ♀ Аа × ♂ Аа Гамети: А а Аа F2: АА, Аа, Аа, аа – 3:1 75% – чорні, 25% – білі. Отже: 56:4=14. Звідси: 14 білих.
F1 – ? ♀аа ♂АА F2 – ?

13.Від схрещування двох мишей – Сніфле, що мав вовну нормального забарвлення та альбіноски Есмеральди – народилося шість мишенят з нормальним забарвленням вовни. Потім Есмеральду спарували з Вісперсом, вовна якого була такого самого забарвлення, як у Сніфле. У цьому випадку деякі мишенята у потомстві виявилися білими. а) Які ймовірні генотипи Сніфле, Вісперса, Есмеральди? б) Яке співвідношення фенотипів можна очікувати у потомстві від схрещування самця з першого приплоду і самки з другого приплоду? в) Яких результатів слід очікувати від схрещування самця з першого приплоду із самкою альбіноскою з другого приплоду?

Розв’язок

А – ген нормального забарвлення а – ген білого кольору(альбінізму)	Р: ♀АА×♂аа Гамети: А а F1: Аа – всі з нормальним забарвленням вовни Р: ♂Аа × ♀ аа Гамети: А а а а F1: Аа; Аа; аа; аа Р F1: ♂Аа × ♀ Аа Гамети: А а А а F2: АА; Аа; Аа; аа
F1 – ? F2 – ?

Відповідь: а) Сніфле: гомозиготний за нормальним забарвленням вовни (домінантна ознака); Вісперс: гетерозиготний, тому що у його потомстві були і альбіноси, і особини з нормальним забарвленням; Есмеральда: гомозиготна за рецесивним геном альбінізму. б) 3/4 із вовною нормального забарвлення і 1/4 альбіноси; в) 1/2 із вовною нормального забарвлення і 1/2 альбіноси.

 

14.Які типи гамет продукує далекозора жінка з товстими губами, якщо її мати мала нормальний зір, а батько – тонкі губи? Далекозорість і товсті губи – домінантні ознаки, а нормальний зір і тонкі губи — рецесивні ознаки.

Розв’язок

D – ген далекозо­рості d – ген нормально­го зору R – ген тонких губів r – ген товстих губів	Р: DR, Dr, dR, dr

15.Які типи гамет утворюють морські свинки таких генотипів: а) Ссдд; б) ССДд; в) СсДд; г) ссДД?

Розв’язок

а) Ссдд Сд, сд б) ССДд СД, сд

в) СсДд СД, Сд, сд, сД г) ссДД сД

16.Які типи гамет утворюють рослини таких генотипів: а) АаВвСС; б) ААВвсс; в) АаВвСс; г) ааВвСС?

Розв’язок

а) АаВвСС АВС, АвС, аВС, авС

б) ААВвсс АВс, Авс г) ааВвСС аВС, авС

в) АаВвСс АВС, аВС, аВс, авс, Авс, АВс, АвС, авС

 

17.Який відсоток гамет типу FCr продукує тригетерозиготний кіт? Визначити кількість комбінацій гамет, якщо цього кота схрестити з кішкою, яка має такий самий генотип.

Розв’язок

FfCcRr	Оскільки це тригетерозигота, то: 23 = 8 гамет Така гамета буде становити: Кількість комбінацій гамет: 8×8 = 64 Оскільки обидва батьки три гетерозиготні, то: 8×8 = 64 комбінацій гамет.
% гамет FCr

18.У науковій лабораторії проведено схрещування дигетерозиготних мушок дрозофіл, які мали сіре тіло і нормальну довжину крил. Яка частина потомства успадкувала батьківські ознаки? Сірий колір тіла і нормальна довжина крил – домінантні ознаки, а чорний колір тіла і зачаткові крила – рецесивні ознаки.

Розв’язок

А – ген сірого ко­льору а – ген чорного ко­льору В – ген нормаль­них крил в – ген зачаткових крил

Р: ♀АаВв × ♂АаВв Гамети: 22 = 4 АВ АВ Ав Ав аВ аВ ав ав     ♂ ♀ АВ Ав аВ ав АВ ААВВ с.н. ААВв с.н. АаВВ с.н. АаВв с.н. Ав ААВв с.н. ААвв с.з. АаВв с.н. Аавв с.з. аВ АаВВ с.н. АаВв с.н. ааВВ ч.н. ааВв ч.н. ав АаВв с.н. Аавв с.з. ааВв ч.н. аавв ч.з. Аналіз за фенотипом: 9 – сірі, нормальні крила 3 – сірі, зачаткові 3 – чорні, нормальні 1 – чорні, зачаткові 9:3:3:1 4 × 4 = 16 комбінацій Генотип: або , тому, що утворилось 16 комбінацій.

♀АаВв ♂АаВв

19.У людини біле пасмо волосся і карі очі є домінантними ознака­ми, а відсутність білого пасма і сірі очі – рецесивні ознаки. Кароокий юнак без білого пасма одружився з сіроокою дівчиною, яка мала біле пасмо і була гетерозиготною за цією ознакою. У матері юнака були сірі очі. Які за фенотипом можуть бути їхні діти?

Розв’язок

А – ген білого пас­ма а – ген відсутності пасма В – ген каро окості в – ген сіро окості ♀Аавв; ♂ааВв	Р: ♀Аавв × ♂ааВв Гамети: Ав аВ ав ав АаВв, аавв, ааВв, Аавв б.п.к б.п.с б.п.к. б.п.с. 1:1:1:1 Аналіз за фенотипом: 25% карооких з білим пасмом, 25 – без пасма карооких, 25% – сіроокі без пасма, 25% – з білим пасмом сіроокі
F – ?

20.На птахофермі від схрещування курок з розоподібним гребенем і півнів з простим гребенем одержано 236 курчат з розоподібним гребенем і 239 курчат з простим гребенем. Визначити генотипи батьківських форм. Розоподібний гребінь відносно простого є домінантною ознакою.

Дано:

А – ген рогоподібного гребня а – ген простого греб­ня Р: ♀А_ ♂аа F: 236А_ 239аа
Р – ?

Розв’язок І варіант розв'язання

За умовою задачі курки мали домінантну ознаку (рогоподібний гребінь) і тому можливі два варіанти їхнього генотипу: АА або Аа. Півні мали рецесивну ознаку (простий гребінь), яка проявляється фенотипно лише при гомозиготності організму за даною парою алелів: аа. Відповідно до цитологічних основ моногібридного схрещування в генотипі потомства в парі алельних генів один ген спадкується від батька, а другий — від матері. У потомстві були курчата з простим гребенем, отже. їхній генотип — аа. Поява таких курчат можлива лише за умов присутності в генотипі курок рецесивного гена, тобто вони (з урахуванням умови задачі) є гетерозиготними за ознакою, яка вивчається. Характер розщеплення в потомстві (236:239 1:1) свідчить про те, що в даному випадку має місце аналізуюче моногібридне схре­щування.

Висновок підтверджуємо розв'язуванням задачі:

Аналіз одержаного потомства:

фенотип 1:1, тобто 50% курчат з розоподібним гребенем і 50% курчат з простим гребенем;

генотип 1:1, тобто 50% гетерозиготних курчат і 50% гомозиготних курчат за рецесивною ознакою.

II варіант розв'язання

За умовою задачі курки мали домінантну ознаку (розоподібний гребінь) і тому можливі два варіанти їхнього генотипу: АА або Аа. Півні мали рецесивну ознаку (простий гребінь), яка проявляється фенотипно лише при гомозиготності організму за даною парою алелів: аа. Зважаючи на генотип півнів і характер розщеплення у F1 (236:239 1:1), стає очевидним, що мова йде про аналізуюче моногібридне схрещування, і за таких умов генотип курочок – Аа ( тобто вони – гетерозиготи). Розв'язання задачі підтверджує цей висновок.

ІІІ варіант розв'язання

236:239 1:1, такий характер розщеплення у F1 спостерігається при аналізую чому моно гібридному схрещуванні. Тому не розв’язуючи задачу і зважаючи на її умову, можна відразу сказати, що курки були гетерозиготами (Аа), а півні – гомозиготами за рецесивною ознакою (аа).

Розв’язання задачі підтверджує цей висновок.

Відповідь. За даними умови задачі курки є гетерозиготами (Аа), а півні – гомозиготами (аа). Тип задачі: аналізуюче моногібридне схрещування.

 

21.У томатів червоне забарвлення плодів і опушене стебло – домінантні ознаки, а жовте забарвлення плодів і неопушене стебло – рецесивні ознаки. В овочевому господарстві провели схрещування дигетерозиготних червоноплідних томатів з опушеним стеблом і жовтоплідних томатів, у яких неопушене стебло. Визначити фенотип одержаного потомства.

Дано: І варіант розв’язання Розв’язок

А – ген червоних плодів а – ген жовтих плодів В – ген опушеного стеб­ла в – ген неопушеного стебла Р: ♀АаВв ♂аавв	Р: ♀ АаВв × ♂аавв Гамети: (АВ) (ав) (Ав) (аВ) (ав) F: АаВв, Аавв, ааВв, аавв ч.о. ч. н/о ж.о. ж. н/о 1:1:1:1
F – ?

Аналіз одержаного потомства:

фенотип 1:1:1:1, тобто 25% рослин з червоними плодами і опушеним стеблом, 25% рослин з червоними плодами і неопушеним стеблом, 25% рослин з жовтими плодами і опушеним стеблом і 25% рослин з жовтими плодами і неопушеним стеблом; генотип 1:1:1:1, тобто по 25% різних генотипних класів.

ІІ варіант розв'язання

За умовою задачі схрещувані рослини відрізняються за двома парами альтернативних ознак, що вказує на проведення дигібридного схрещування. Крім того, одні батьківські форми є дигетерозиготами (АаВв), а інші — дигомозиготами за рецесивними ознаками (аавв), тобто мова йде про дигібрид не аналізуюче схрещування. Тому, зважаючи на генотипи вихідних батьківських форм і цитологічні основи дигібридного схрещування, в потомстві слід очікувати розщеплення за фенотипом і генотипом у співвідношенні 1:1:1:1. Отже, не розв’язуючи задачі, одразу можна сказати, що в потомстві очікується поява 25% рослин з червоними плодами і опушеним стеблом, 25% рослин з червоними плодами і неопушеним стеблом, 25% рослин з жовтими плодами і опушеним стеблом, 25% рослин з жовтими плодами і неопушеним стеблом.

Розв'язування задачі підтверджує цей висновок.

Відповідь. Від схрещування дигетерозиготних томатів з червоними плодами і опушеним стеблом і томатів з жовтими плодами і неопушеним стеблом одержали 25% рослин з червоними плодами і опушеним стеблом, 25% рослин з червоними плодами і неопушеним стеблом, 25% рослин з жовтими плодами і опушеним стеблом, 25% рослин з жовтими плодами і неопушеним стеблом. Тип задачі: аналізуюче дигібридне схрещування.

 

22.У кролів можливі такі варіанти забарвлення райдужної оболонки очей: темна (А), світло-коричнева (а1), дуже світло-коричнева (а2) і рожева (без пігменту – а). Ці гени утворюють такий ряд послідовного домінування: А > а1 > а2 > а. Записати всі можливі генотипи кролів, які визначають кожну фенотипну ознаку забарвлення

Дано: Розв’язок

А – ген темного забарвлен­ня райдужки очей а1 – ген світло-коричневого забарвлення райдужки очей а2 – ген дуже світло-корич­невого забарвлення очей а – ген рожевого забарв­лення очей	Керуючись наведеним рядом послідовного домінування, записуємо всі можливі комбінації алельних генів, які визначають певну фенотипну ознаку. Темне забарвлення райдужки очей кролів: АА, Аа1, Аа2, Аа. Світло-коричневе забарвлення райдужки очей кролів: а1а1, а1а2, а1а. Дуже світло-коричневе забарвлення райдужки очей кролів: а2а2, а2а. Рожеве (без пігменту) забарвлення райдужки очей кролів: аа.
Генотипи – ?

Відповідь. Усі можливі генотипи за кожною фенотипною ознакою, зазначеною в умові задачі, наведені в розв’язку. Тип задачі: моногібридне схрещування, множинний алелізм.

 

23.Чоловік II групи крові, мати якого мала І групу крові, одружився з жінкою IV групи крові. Визначте можливі групи крові їхніх дітей.

Дано: Розв'язок

ІА– ген ІІ групи крові ІАІВ – генотип IV групи крові Р: ♀ ІАІВ × ♂ ІАІ0	Р: ♀ІАІВ × ♂ ІАІ0 Гамети: (ІА) (ІА) (ІВ) (І0) F: ІАІА, ІАІВ, ІАІ0, ІВІ0 ІІ IV ІІ ІІІ
F – ?

Аналіз одержаного потомства:

фенотип 2:1:1, тобто 50% дітей II групи крові, 25% дітей III групи крові і 25% дітей IV групи крові.

генотип: 1:1:1:1, тобто по 25% різних генотипних класів.

Відповідь. За умовою задачі у дітей можливі такі групи крові: II, III, IV. Тип задачі: моногібридне схрещування, множинний алелізм.

 

24.Від шлюбу жінки з резус-негативною кров'ю II групи і чоловіка з резус-позитивною кров'ю III групи народилася дитина з резус-негативною кров'ю І групи. Встановити генотипи батьків.

Дано: Розв'язок

ІА– ген ІІ групи крові ІВ– ген IІІ групи крові D – ген Rh – резус-позитивний d – ген Rh – резус-негативний F: І0 І0dd Р: ♀ІАІ-dd ♂ ІВІ-D_	Р: ♀ ІАІ0dd × ♂ ІВІ0Dd Гамети: (ІАd) (ІВD) (І0d) (ІВd) (І0D) F: (І0d) ♂ ♀ ІВD ІВd І0D І0d ІАd ІАІВDd IVRh+ ІАІВdd IVRh- ІАІ0Dd IIRh+ ІАІ0dd IIRh- І0d ІВІ0Dd IIIRh+ ІВІ0dd IIIRh- І0І0Dd IRh+ І0І0dd IRh-
Р – ?

Аналіз одержаного потомства:

фенотип – 8 фенотипних класів; генотип: – 8 генотипних класів.

Знання генотипу дитини і цитологічних основ дигібридного схрещування дало змогу встановити генотипи батьків.

Відповідь. За умовою задачі генотип жінки - І^АІ⁰dd (гетерозигота за першою парою ознак і гомозигота за другою парою ознак за рецесивом), чоловіка - І^ВІ⁰Dd (дигетерозигота). Тип задачі: дигібридне схрещування, множинний алелізм.

 

25.Приклад. У людини дальтонізм (порушення кольорового зору) кодується рецесивним геном, локалізованим у Х-хромосомі. Чоловік з нормальним кольоровим зором одружився з гетерозиготною за цією ознакою жінкою, лка ймовірність народження в цій сім і дітей даль­тоніків?

Дано: Розв'язок

XD– нормальний кольоро­вий зір Xd – дальтонізм Р: ♀ XDXd ♂ XDY	Р: ♀ XDXd × ♂ XDY Гамети: (XD) (XD) (Xd) (Y) F: XDXD, XDXd, XDY, XdY
F – ?

Аналіз одержаного потомства:

фенотип 3:1, тобто 75% дітей з нормальним кольоровим зором і 25% дітей-дальтоніків; генотип 1:1:1:1, тобто по 25% різних генотипних класів.

Відповідь. Імовірність народження в цій сім’ї дітей-дальтоніків 25%. Тип задачі: моногібридне схрещування, ознака, зчеплена зі статтю (з Х-хромосомою).

Задача 26. У пацюків відома красива мутація сріблястої шерсті. При схрещуванні з нормальними пацюками самки із сріблястою шерстю завжди приносять нормальних пацюків, а в зворотньому схрещуванні нормального самця F₁ із сріблястою самкою одержали 38 сріблястих і 40 нормальних нащадків. Вирішили перевірити, яке розщеплення буде в F₂ від схрещування нормальних пацюків між собою. Одержали 128 пацюків. Скільки з них буде мати сріблясту шерсть?

Дано: А – ген нормального забарвлення шерсті А – ген сріблястої шерсті Р:♀аа х ♂А- F1100% A- P1:♀aa x ♂A- Fзв: 38аа : 40А- F1:♀А-х ♂А- n(F2) = 128	Розв’язання: 1) На основі аналізу генотипу й фенотипу гібридів F1 визначаємо, що генотипи Р: ♀аа х ♂АА Тоді F1: Аа (100%) 2) За аналізом розщеплення в Fзв Р1: ♀аа х ♂Аа Fзв: 1Аа/40 : 1аа/38 3)F1: ♀Аа х ♂Аа ♂ ♀ А а F2: 1АА : 2Аа : 1аа (розщеплення за генотипом). А АА Аа   а Аа аа
F1 - ? Fзв. - ? F2 - ? nF2(aa) - ?

Розщеплення за фенотипом F₂: ¾А-(нормальні) : ¼аа (сріблясті).

n F₂ (аа) = 128 ^. ¼ = 32 пацюка.

Відповідь: 32 пацюка потомства F₂ буде мати сріблясту шерсть.

Задача 27. У курей розоподібний гребінь визначається геном R, листкоподібний – r. Півень з розоподібним гребнем схрещений з двома курками теж з розоподібним гребнем. Перша дала 14 курчат, всі з розоподібним гребнем; друга – 9 курчат, з них 7 з розоподібним і 2 з листкоподібним гребінцем. Визначити генотип всіх трьох батьків.

Дано: R – ген розоподібного гребня r – ген листкоподібного гребня Р′: ♀ R - х ♂ R - n F′1: 14R- P″: ♀ R - x ♂ R - n F″1: 9(7R- : 2rr)	Розв’язання: 1) Розщеплення за фенотипом у відношенні 3 : 1 (тобто 7R- : 2rr) відповідає закону розщеплення (ІІ закон Менделя). Тому припускаємо, що генотипи другої пари батьківських особин є гетерозиготними. Складаємо схему схрещування. Р″: ♀Rr x ♂Rr ♂ ♀ R r R RR Rr r Rr rr
P′♀ - ? P″♀ - ? P♂ - ?

F″₁: 1RR : 2Rr : 1rr тобто 3 R-: 1rr або nF″₁ = 7R- : 2rr. Отже генотип півня Rr, другої курки – Rr.

2) Тепер визначимо генотип першої курки. За законом одноманітності гібридів першого покоління (І закон Менделя) в генотипі курки відсутній рецесивний алель r, інакше в F₁ було б розщеплення. Тому генотип першої курки RR.

Складаємо схему схрещування.

Р′: ♀RR x ♂Rr

F′:

♂ ♀	R	r
R	RR	Rr

Розщеплення за генотипом:

F₁: 1RR : 1Rr тобто 100% з розоподібним гребнем (n F′₁ = 14)

Відповідь: генотип півня – Rr, генотип першої курки – RR, другої – Rr.

Задача 28. У коней є спадкова хвороба гортані. Коли хворий кінь біжить, він видає характерний хрип. Від хворих батьків часто народжуються здорові лоша. Домінантна чи рецесивна ця хвороба? Аргументуйте відповідь.

Розв’язання.

1) Якщо прийняти припущення, що хвороба рецесивна, то у хворих батьків ніколи не з’явиться здорове потомство:

Р: ♀аа х ♂аа

F₁: aa

За фенотипом – 100% хворі особини. Таким чином, це припущення відкидається. Тоді визначаємо, що хвороба гортані у коней є домінантною ознакою і батьківські особини гетерозиготні. Тоді при схрещуванні двох хворих коней з ймовірністю ¼ або 25% може народитися здорове лоша:

Складаємо схему схрещування

Р: ♀Аа х ♂Аа

F₁:

♂ ♀	А	а
А	АА	Аа
а	Аа	аа

Розщеплення за генотипом F₁: 1AA : 2Aa :1aa

За фенотипом: ¾ хворі : ¼ здорові.

Відповідь: хвороба гортані у коней домінантна.

 

Задача 29. Чорна кішка з білими плямами на шиї і на животі (S) схрещується з подібним за фенотипом котом однакового з нею генотипа. Визначити ймовірність народження у цієї пари чорного кошеня без плям на тілі.

Дано: S – ген плямистого забарвлення s – ген суцільного забарвлення P: ♀S- x ♂S-	Розв’язання: 1) Чорна кішка з білими плямами мо­же мати два варіанта генотипа – SS або Ss. Якщо вона буде гомозиготною за геном S (генотип SS), ймо­вірність появи у неї чорного кошеня
F2 - ?

без плям при схрещуванні з котом подібного генотипа дорівнює нулю, тому що батьки будуть продукувати тільки гамети, що несуть домінантний алель:

P: ♀SS x ♂SS

F₁: SS; за фенотипом всі з плямами.

2) В іншому випадку гетерозиготна кішка буде давати два типи гамет в рівному співвідношенні: ті, що несуть алель S, і ті, що несуть алель s, оскільки при мейозі гомологічні хромосоми попадають в різні гамети. Кіт має однаковий з кішкою генотип і теж утворює два типи гамет – S і s. У такої пари гетерозиготних особин можливе народження кошеня без білих плям на тілі.

Складаємо схему схрещування. P♀Ss x ♂Ss (F₁).

F₂:

♂ ♀	S	s
S	SS	Ss
s	Ss	ss

 

Розщеплення за генотипом: 1SS : 2Ss : 1ss

Розщеплення за фенотипом: ¾ плямистих : ¼ без плям

3) % F₂ (плямисте забарвлення) = ¾ х 100% = 75%

% F₂ (суцільне забарвлення) ¼ х 100% = 25%

Відповідь: ймовірність народження чорного кошеня без плям на шиї складатиме ¼ або 25%.

Задача 30. У людини дальтонізм (порушення кольорового зору) кодується рецесивним геном, локалізованим у Х-хромосомі. Чоловік з нормальним кольоровим зором одружився з гетерозиготною за цією ознакою жінкою, лка ймовірність народження в цій сім і дітей даль­тоніків?

Дано: Розв'язок

XD – нормальний кольоро­вий зір Xd – дальтонізм Р: ♀XDXd ♂XDY	Р: ♀XDXd × ♂ XDY Гамети: (XD) (XD) (Xd) (Y) F: XDXD, XDXd, XDY, XdY
F – ?

Аналіз одержаного потомства:

фенотип 3:1, тобто 75% дітей з нормальним кольоровим зором і 25% дітей-дальтоніків; генотип 1:1:1:1, тобто по 25% різних генотипних класів.

Відповідь. Імовірність народження в цій сім’ї дітей-дальтоніків 25%. Тип задачі: моногібридне схрещування, ознака, зчеплена зі статтю (з Х-хромосомою).

Задача 31. За схрещування двох форм ротиків – з білими та червоними квітками – все потомство має рожеві квітки. Схрещування рослин з червоними квітками й нормальним віночком та рослин з рожевими квітками й радіальним віночком дає лише рослини з нормальним віночком, але половина з них рожеві, половина червоні. Рослини з рожевими квітками і нормальним віночком самозапилюються. Яку частину потомства складатимуть форми з рожевими квітками й нормальним віночком, а яку – білі з радіальним віночком?

Дано: А – ген червоного кольору квіток а – ген білого кольору квіток В – ген нормальної форми b – ген радіальної форми АА – ервоні квітки аа – білі квітки Аа – рожеві квітки Р: ААВВ xАаbb F1: 1AABb:1AaBb	Розв’язання Існує декілька способів розв’язання такого типу задач. 1-ий спосіб.На основі аналізу генотипов і фенотипов F1 складаємо схему схрещування Р: ♀ААВВ х♂Ааbb F1 ♂ ♀ Аb ab АB ААBb АаBb
F2 - ?	расщ. за генотипом: 1ААBb : 1AaBb расщ. за фенотипом: черв. норм. рожеві норм.

За умовами задачі рожевоквіткові рослини з нормальним віночком самозапилюються: Р: ♀АаВb х ♂АаBb

F₂

♂ ♀	AB	aB	Аb	ab
AB	AABB	AABb	AABb	AaBb
ab	AaBB	aaBB	AaBb	AaBb
Аb	AABb	AaBb	ААbb	Ааbb
аb	AaBb	aaBb	Ааbb	ааbb

Розщ. за фенотипом:

F₂: 3/16 ААВ- : 6/16 АаВ- : 3/16 ааВ- : 2/16Ааbb : 1/16AAbb : 1/16 aabb

черв. рожеві білі рожеві червоні білі

норм. норм. норм. рад. рад. рад.

Відповідь: 6/16 (або 3/8) рослин мають рожеві квітки з нормальним віночком (АаВ-), 1/16 рослин – білі радиальні квітки (ааbb).

Ий спосіб

Отже, аналізуємо ймовірність появи рослин з рожевими квітками при схрещуванні двох моногетерозигот: F1: Аа хАа F2: 1AA : 2Aa : 1aa

Ий спосіб

Враховуючи, що за незалежного успадкування генів кожна пара ознак підлягає закону розщеплення незалежно від інших пар, запишемо: (3 нормальних + 1 радіальний) х (1 червона х 2 рожеві х 1 біла) = 3 нормальних червоних + 6 нормальних рожевих + 3 нормальних білих + 1 радіальна червона + 2 радіальні рожеві + 1 радіальна біла.

Задача 32. У морських свинок кудлата шерсть і чорне забарвлення – домінантні ознаки, гладка шерсть і біле забарвлення – рецесивні. За схрещування кудлатої чорної свинки з гладкошерстною чорною отримано 28 гладкошерстних чорних, 30 кудлатих чорних, 9 гладкошерстних білих, 11 кудлатих білих. Визначити генотипи батьків.

Дано: А – ген кудлатої шерсті а – ген гладкої шерсті В – ген чорного забарвл. шерсті b – ген білого забарвл. Р: ♀ А-В- х ♂ ааВ- n F1: 28 aaB- ; 30 А-В-; 9 ааbb; 11А-bb.	Розв’язання Аналізуємо розщеплення за кожною ознакою окремо. За формою шерсті розщеплення за фенотипом відбувається у співвідношенні 1:1 41 А- : 37 аа » 1: 1 Таке розщеплення спостерігається за аналізуючого схрещування: Аа х аа. Аналізуємо розщеплення за фенотипом другої пари ознак : 58 В- : 20 bb » 3 : 1
F1 – ? Р – ?

Таке розщеплення відбувається, якщо обидві батьківські форми є гетерозиготними за даною ознакою, тобто Вb х Bb. На основі аналізу генотипів і фенотипів F₁ та їх розщеплення (А : аа =1:1 ; В:bb=3 : 1) передбачаємо, що генотипи Р: ♀ АаВb ; ♂ ааВb

Складаємо схему схрещування: Р: ♀ АаВb х ♂ ааВb

F₁

♂ ♀	аВ	аb
АВ	AaBB	AaBb
АВ	aaBB	aaBb
Аb	AaBb	Aabb
ab	aaBb	aаbb

Розщепл. за генотипом F₁ : 3 А-В- : 3 ааВ- : 1Ааbb : 1 aabb

Розщепл. за фенотипом кудл. ч. : глад. ч. : кудл. б. : гладк. б.

Відповідь: генотип батьків АаВb та aaBb

Задача 33. У персика опушений плід домінує над гладеньким. Якими будуть:

1) гібриди F₁ і F₂, якщо схрестити гомозиготний персик з опушеними плодами з гомозиготним, що має гладенькі плоди?

2) потомки від зворотного схрещування рослин F₁ з батьківською опушеною формою?

3) потомки від аналізуючого схрещування рослин F₁ з батьківською формою, у якої плоди гладенькі?

Розв'язування:

В - плоди з опушкою; b - гладенькі плоди.

1) обидві гомозиготні батьківські форми утворюють однотипні гамети В та b. При ймовірній зустрічі кожної материнської гамети з батьківською утворюються однакові зиготи, тобто перше покоління буде однотипним - Вb Усі рослини F₁ мають плоди з опушкою, тому що несуть у собі домінантний алель В. Генотипи в F₂ будуть такими:

F₁ Вb х Вb

F₂ 1ВВ : 2Вb : 1bb;

2) знаючи генотипи рослин F1 і батьків, записуємо схему схрещування гібридів F1 з їх домінантною батьківською формою (зворотне схрещування):

Р Вb х ВВ

F₃ 2ВВ:2Вb.

Усі зигоги мають домінантний ген В, тому все потомство за фенотипом однотипне - з опушеними плодами;

3) записуємо схему схрещування гібридів F₁ з їх батьківською формою (аналізуюче схрещування):

Р Вb х bb

F₃ 2Вb: 2bb

Відповідь: 1) усі рослини F₁ мають опушені плоди, генотип Вb; 2) гено-типи потомків від схрещування рослин F₁ (Вb) з формою ВВ були 1ВВ: ІВb, за фенотипом усі опушені; 3) генотипи потомків від аналізуючого схрещування 1Вb: 1bb, за фенотипом опушені і гладенькі у співвідношенні 1:1.

Задача 34. Плоди томату бувають круглими і грушоподібними. Ген круглої форми домінує:

1) якими будуть генотипи батьківських рослин, якщо серед потомства виявилось круглих і грушоподібних плодів порівну?

2) у парниках овочевого господарства висаджена розсада томатів, вирощена з гібридного насіння. 31750 кущів цієї розсади дали плоди грушоподібної форми, а 95250 - круглої. Скільки серед них гетерозиготних кущів?

Відповідь: 1) один із батьків гетерозиготний (Аа), інший - гомозиготний рецесивний (аа); 2) серед потомства було 63500 гетерозиготних кущів.

Задача 35. При схрещуванні сірих курей з білими все потомство виявилось сірим. Унаслідок другого схрещування цього сірого потомства знову з білим одержано 172 особини, з яких було 85 білих і 87 сірих. Які генотипи вихідних форм та їх потомків в обох схрещуваннях?

Відповідь: 1) генотипи батьків - АА і аа, генотип F₁ -- Аа; 2) генотипи батьків - Аа і аа, генотипи F₂ - 87 Aa і 85 аа.

Задача 36. При схрещуванні між собою рослини червоноплодної суниці завжди дають потомство з червоними ягодами, а рослини білоплодної - з білими ягодами. Потомство від схрещування цих сортів має рожеві ягоди. Яке потомство виникне при схрещуванні між собою рослин суниці з рожевими ягодами, якщо допустити моногенний контроль цієї ознаки? Яке потомство буде отримане від зворотних схрещувань, рожевоплодних рослин з вихідними батьківськими сортами?

Розв'язування:

А - червоні ягоди; а - білі ягоди;

АА - червоні ягоди; Аа - рожеві ягоди; аа - білі ягоди.

1) Р Аа (рожев.) х Аа(рожев.)

ІАА (черв.): 2Аа (рожев.): Іаа (біл.);

2) Р Аа (рожев.) хАА(черв.)

ІАА (черв.): ІАа (рожев.);

3) Р Аа (рожев.) х аа(біл.)

ІАа (рожев.): Іаа (біл).

Відповідь: 1) 25% червоноплодних рослин (АА), 50% рожевоплодних (Аа), 25% білоплодних (аа); 2) 50% червоноплодних (АА), 50% рожевоплодних (Аа); 3) 50% рожевоплодних (Аа); 50% білоплодних (аа).

Задача 37. У рослини ротики з широкими листками при схрещуванні між собою завжди дають потомство з широкими листками, а рослини з вузькими листками потомство з вузькими. При схрещуванні вузьколисткової особини з широколистковою виникають рослини з листками проміжної ширини:

1) яким буде потомство від схрещування двох особин з листками проміжної ширини?

2) що одержимо, якщо схрестити вузьколисткову рослину з рослиною, яка має листки проміжної ширини?

Відповідь: І) серед потомства 25% рослин буде мати широкі листки, 50% - листки проміжної ширини і 25% - вузькі; 2) серед потомства половина рослин буде мати листки проміжної ширини, а інша половина - вузькі листки.

Задача 38. У колгоспному стаді від схрещування сіро-голубих шортгорнів одержано 270 телят. З них 136 голів мали забарвлення батьків. Визначити генотип і фенотип решти потомства, якщо відомо, що сіро-голубі шортторни одержуються при схрещуванні білих і чорних тварин.

Відповідь: серед решти потомсива було 50% телят білих гомозиготних (АА) та 50% телят чорних гомозиготних (аа).

Задача 39. У курей розоподібний гребінь домінує над простим. Птахівник підозрює, що деякі з віандотів, які мають розоподібний гребінь, гетерозиготні за чинником простого гребеня. Як установити, чи вони гетерозиготні?

Розв'язування:

А - розоподібний гребінь, а - простий гребінь; АА - розоподібний гребінь, Аа - розоподібний гребінь, аа - простий гребінь.

1) Р АА (роз.) х аа (прост)

F₁ Аа (роз);

2) Р Аа(роз.) х аа(прост.)

F₁ ІАа(рог): 1 аа(прост.).

Відповідь: якщо курка була гомозиготна, то при схрещуванні з півнем, що має простий гребінь, розщеплення не відбудеться, усе потомство буде мати розоподібний гребінь. Якщо ж курка була гетерозиготна, то відбудеться розщеплення у співвідношенні 50% з розоподібним гребенем, 50% - з простим.

Задача 40. Рецесивний ген визначає чорне забарвлення тіла дрозофіли. Особини дикої раси мають сіре тіло (ген В).

1) після схрещування сірої дрозофіли з чорною виявилось, що все потомство має сіру пігментацію тіла. Визначте генотип батьків;

2) після схрещування двох сірих дрозофіл усе потомство має сіру пігментацію тіла. Чи можна встановити генотипи батьків?

Відповідь: 1) генотипи батьків ВВ і bb: тільки при таких генотипах батьків усе потомство буде одноманітним, сірим; 2) у даному випадку точно встановити генотипи батьків не можна, вони можуть мати генотипи ВВ х ВВ або ВВ х Вb.

Задача 41. У людини домінантний ген R викликає аномалію розвитку скелету - зміну кісток черепа й редукцію ключиць.

1) жінка з нормальною будовою скелета (ген r) одружилась з чоловіком з зазначеною аномалією. Дитина від цього шлюбу мала нормальну будову скелета. Як за фенотипом дитини визначити генотип її батька?

2) хвора жінка одружилась з чоловіком, який мав нормальну будову скелета. Дитина успадкувала від матері дефект скелета. Чи можна визначити генотип матері?

3) обидва батьки хворі. Дитина від цього шлюбу має нормальну будову скелета. Визначте генотип обох батьків.

Відповідь: 1) батько дитини гетерозиготний (Rr); 2) у даному випадку генотип матері точно визначити не можна, вона може бути гомозиготною за домінантною ознакою (RR.) або гетерозиготною (Rr); 3) обоє батьків за генотипом гетерозиготні (Rr), дитина гомозиготна рецесивна (rr).

Задача 42. У матері нульова група крові, у батька група крові В. Чи можуть діти успадкувати групу крові матері? Які генотипи матері та батька?

Відповідь: відомо, що генотип людини з групою крові 0 – І⁰І⁰, у людей з групою крові В генотип або І^ВІ^В, або І^ВІ⁰ Діти можуть успадкувати групу крові матері лише в тому випадку, якщо генотип батька І^ВІ⁰.

Задача 43. У матері група крові 0, у батька АВ. Чи можуть діти успадкувати групу крові одного зі своїх батьків? Які групи крові можуть бути в дітей цих батьків?

Відповідь: діти не можуть успадкувати групу крові жодного із батьків. У дітей цих батьків можуть бути групи крові або А, або В з ймовірністю 50% кожна.

Задача 44. Жінка з III групою крові має дитину з І групою крові. Якою не можебути група крові батька? Відповідь: генотип жінки – ІВІ0, дитини – І0І0. Батько не може мати IV групу крові.

Задача 45. У F₁ від схрещування червоноколосих безостих рослин пшениці з білоколосими остистими всі рослини виявилися червоноколосими безостими, а в F₂ відбулося розщеплення: 159 червоноколосих безостих, 48 червоноколосих остистих, 57 білоколосих безостих, 16 білоколосих остистих: 1) Як успадковуються ознаки? 2) Визначте генотипи вихідних рослин. Яка частина рослин F₂ буде гетерозиготною за обома ознаками? 3) Яке розщеплення ви очікуєте одержати в аналізуючому схрещуванні та яку форму слід використати як аналізатор?

Розв'язування:

У F₁ потомство одноманітне. Тому батьківські рослини, вірогідно, гомозиготні.

Оскільки в F₂ спостерігається розщеплення на 4 класи у співвідношенні 9:З:3:1 з перевагою червоноколосих безостих над білоколосими остистими, допускаємо дигенну успадкованість, тоді генотипи вихідних рослин будуть ААВВ та ааbb, а гібридів F₁ - АаВb.

Для визначення частини рослин F₂, гетерозиготних за обома ознаками, побудуємо решітку Пеннета та підкреслимо дигетерозиготи:

Р АаВb х АаВb

♀ ♂	AB	Ab	aB	ab
AB	AABB	AABb	AaBB	AaBb
Ab	AABb	Aabb	AaBb	Aabb
aB	AaBB	AaBb	AaBB	aaBb
ab	AaBb	Aabb	AaBb	aabb

Таким чином, частка дигетерозигот складає 4/16, або 25% від одержаних генотипів.

Для проведення аналізуючого схрещування слід використати білоколосі остисті рослини з генотипом ааbb. У результаті схрещування гібридів F₁ АаВb з гомозиготним рецесивом ааbb розщеплення в потомстві повинно бути в співвідношенні 1:1:1:1. Перевіримо та решіткою Пеннета:

Р АаВb х ааbb

♂ ♀	AB	Ab	AB	ab
ab	AaBb	Aabb	AaBb	aabb

 

Відповідь: 1) ознаки успадковуються незалежно. Безостість домінує над остистістю, червоний колір колосу над білим; 2) генотипи вихідних рослин ААВВ, ааbb; серед рослин другого покоління 25% будуть гетерозиготними за обома ознаками; 3) у аналізуючому схрещуванні очікуване розщеплення 1:1:1:1. Як аналізатор використовуємо білоколосі остисті рослини.

Задача 46. У вівса нормальний зріст домінує над гігантизмом, а рання стиглість над пізньою. Ознаки успадковуються незалежно. Схрещуються рослини ранньої стиглості і нормальним зростом з гігантом пізньої стиглості. Вихідні рослини гомозиготні. У якому поколінні та з якою ймовірністю з'являться гомозиготні гіганти ранньої стиглості?

Відповідь: у другому поколінні (F₂) із імовірністю 1/16 від одержаних потомків.

Задача 47. У томатів пурпурний колір стебла домінує над зеленим, розсічені листки над ціліснокрайніми. Ознаки успадковуються незалежно. Нижче наведено результати схрещувань, на основі яких необхідно визначити найбільш вірогідні генотипи вихідних рослин у кожному з цих схрещувань (табл.4).

Ознаки батьківських рослин	Кількість рослин у потомстві
пурпурові, розсічені	пурпурові, ціліснокрайні	зелені, розсічені	зелені, ціліснокрайні
Пурпурові розсічені х пурпурові розсічені
Пурпурові ціліснокрайні х зелені розсічені
Пурпурові розсічені х зелені ціліснокрайні		-	-	-

 

Відповідь: 1) АаВb i AaBb; 2) Aabb i aaBb; 3) AABB i aabb.

Задача 48. Чорна масть великої рогатої худоби домінує над рудою, а білоголовість -над суцільним забарвленням голови. Яке потомство можна отримати від схрещування гетерозиготного чорною бика з суцільним забарвленням голови з рудою білоголовою коровою, якою останнім гетерозиготна за білоголовістю? Гени цих обох ознак знаходяться в різних хромосомах.

Відповідь: серед потомства буде чорних білоголових телят – 25%, чорних з суцільним забарвленням голови – 25%, рудих білоголових – 25%, рудих з суцільним забарвленням голови – 25%. У потомстві розщеплення за фенотипос 1:1:1:1.

Задача 49. Катаракти мають кілька спадкових форм. Яка ймовірність того, що дитина буде мати цю хворобу, якщо обидва батьки страждають її аутосомно-домінантною формою і гетерозиготні за нею, а також гетерозиготні за двома рецесивно-аутосомними не зчепленими між собою формами із домінантною формою?

Відповідь: вірогідність народження в цій сім’ї дитини, що буде мати катаракту, становить 55/65 = 85,94%.

Задача 50. Полідактилія, короткозорість і відсутність малих кутніх зубів передаються як домінантні аутосомні ознаки. Гени всіх трьох ознак знаходяться в різних парах хромосом:

1) яка вірогідність народження дітей без аномалій у сім’ї, де обоє батьків страждають усіма трьома недоліками, але гетерозиготні за всіма трьома парами генів?

2) визначте вірогідність народження дітей без аномалій у сім'ї про якувідомо таке. Бабуся по лінії дружини була шестипалою, а дідусь короткозорий. Стосовно інших ознак - вони нормальні. Дочка успадкувала від своїх батьків обидві аномалії. Бабуся по лінії чоловіка не мала малих кутніх зубів, мала нормальний зір і п'ятипалу кисть. Дідусь був нормальним стосовно всіх трьох ознак. Син успадкував аномалію матері.

Відповідь: 1) вірогідність народження дітей без аномалій у цій сім’ї становить 1/64 = 1,56%;

2) вірогідність народження дітей без аномалій у цій сім’ї становить 1/8 = 12,5%.